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太谷县实验中学2018-2019学年高二上学期数学期末模拟试卷含解析

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太谷县实验中学2018-2019学年高二上学期数学期末模拟试卷含解析 班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________

一、选择题

1. 5名运动员争夺3项比赛冠军(每项比赛无并列冠军),获得冠军的可能种数为( ) A.35

B.

C.

D.53

2. 已知等差数列{an}满足2a3﹣aA.2

B.4

C.8

D.16

<θ<

)的图象向右平移φ(φ>0)个单位长度后得到函数g(x)

),则φ的值不可能是( )

+2a13=0,且数列{bn} 是等比数列,若b8=a8,则b4b12=( )

3. 将函数f(x)=3sin(2x+θ)(﹣

的图象,若f(x),g(x)的图象都经过点P(0,A.

B.π

C.

D.

4. 命题:“若a2+b2=0(a,b∈R),则a=b=0”的逆否命题是( ) A.若a≠b≠0(a,b∈R),则a2+b2≠0 B.若a=b≠0(a,b∈R),则a2+b2≠0 C.若a≠0且b≠0(a,b∈R),则a2+b2≠0 D.若a≠0或b≠0(a,b∈R),则a2+b2≠0

5. 如果随机变量ξ~N (﹣1,σ2),且P(﹣3≤ξ≤﹣1)=0.4,则P(ξ≥1)等于( )

A.0.1 B.0.2 C.0.3 D.0.4

6. 一个长方体去掉一个小长方体,所得几何体的正视图与侧(左)视图分别如图所,则该几何体的俯视图为( )

A. B. C. D.

D.

7. 已知a>b>0,那么下列不等式成立的是( ) A.﹣a>﹣b

B.a+c<b+c

C.(﹣a)2>(﹣b)2

8. 已知集合M={x|x2<1},N={x|x>0},则M∩N=( ) A.∅

B.{x|x>0} C.{x|x<1} D.{x|0<x<1}

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可.

9. 如果对定义在R上的函数f(x),对任意mn,均有mf(m)nf(n)mf(n)nf(m)0成立,则称 函数f(x)为“H函数”.给出下列函数: ①

f(x)ln2x5;②f(x)x34x3;③f(x)22x2(sinxcosx);④

ln|x|,x0.其中函数是“H函数”的个数为( ) f(x)0,x0A.1 B.2 C.3 D. 4

【命题意图】本题考查学生的知识迁移能力,对函数的单调性定义能从不同角度来刻画,对于较复杂函数也要有利用导数研究函数单调性的能力,由于是给定信息题,因此本题灵活性强,难度大.

2x110.已知函数fx1,则曲线yfx在点1,f1处切线的斜率为( )

x1A.1 B.1 C.2 D.2 11.已知两条直线L1:yx,L2:axy0,其中为实数,当这两条直线的夹角在0,时,的取值范围是( )

内变动 1233A. 0,1 B.3,3 C.3,1( )

A.1 B.2 C.-1 D.-2

1,3 D.1,3

12.e1,e2是平面内不共线的两向量,已知ABe1ke2,CD3e1e2,若A,B,D三点共线,则的值是

二、填空题

13.已知双曲线

=1(a>0,b>0)的一条渐近线方程是y=

x,它的一个焦点在抛物线y2=48x的准

线上,则双曲线的方程是 .

2

14.M,N是该抛物线上两点,|MF|+|NF|=6,M,N,F三点不共线,已知点F是抛物线y=4x的焦点,则△MNF的重心到准线距离为 .

15.图中的三个直角三角形是一个体积为20的几何体的三视图,则h__________.

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16.抛物线y2=8x上到顶点和准线距离相等的点的坐标为 .

17.已知f(x)是定义在R上函数,f(x)是f(x)的导数,给出结论如下:

x①若f(x)f(x)0,且f(0)1,则不等式f(x)e的解集为(0,);

②若f(x)f(x)0,则f(2015)ef(2014); ③若xf(x)2f(x)0,则f(2④若f(x)n1)4f(2n),nN;

f(x)0,且f(0)e,则函数xf(x)有极小值0; xex⑤若xf(x)f(x),且f(1)e,则函数f(x)在(0,)上递增.

x其中所有正确结论的序号是 . 18.(lg2)2+lg2•lg5+

的值为 .

三、解答题

19.我省城乡居民社会养老保险个人年缴费分100,200,300,400,500,600,700,800,900,1000(单位:元)十个档次,某社区随机抽取了50名村民,按缴费在100:500元,600:1000元,以及年龄在20:39岁,40:59岁之间进行了统计,相关数据如下: 100﹣500元 600﹣1000 10 6 20﹣39 40﹣59 总计 15 25 19 25 总计 16 34 50 500元之间的村民中随机抽取5人,39岁之间应抽取几人? (1)用分层抽样的方法在缴费100:则年龄在20:(2)在缴费100:500元之间抽取的5人中,随机选取2人进行到户走访,求这2人的年龄都在40:59岁之间的概率.

20.【常熟中学2018届高三10月阶段性抽测(一)】如图,某公司的LOGO图案是多边形ABEFMN,其设计创意如下:在长4cm、宽1cm的长方形ABCD中,将四边形DFEC沿直线EF翻折到MFEN(点F是

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线段AD上异于D的一点、点E是线段BC上的一点),使得点N落在线段AD上. (1)当点N与点A重合时,求NMF面积;

(2)经观察测量,发现当2NFMF最小时,LOGO最美观,试求此时LOGO图案的面积.

21.已知△ABC的顶点A(3,2),∠C的平分线CD所在直线方程为y﹣1=0,AC边上的高BH所在直线方程为4x+2y﹣9=0.

(1)求顶点C的坐标; (2)求△ABC的面积.

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22.已知函数f(x)=ax(a>0且a≠1)的图象经过点(2,). (1)求a的值;

2

(2)比较f(2)与f(b+2)的大小;

(3)求函数f(x)=a

23.已知定义域为R的函数(1)求f(x);

(x≥0)的值域.

是奇函数.

(2)判断函数f(x)的单调性(不必证明); (3)解不等式f(|x|+1)+f(x)<0.

24.某志愿者到某山区小学支教,为了解留守儿童的幸福感,该志愿者对某班40名学生进行了一 次幸福指数的调查问卷,并用茎叶图表示如图(注:图中幸福指数低于70,说明孩子幸福感弱;幸福指 数不低于70,说明孩子幸福感强).

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(1)根据茎叶图中的数据完成22列联表,并判断能否有95%的把握认为孩子的幸福感强与是否是留 守儿童有关? 留守儿童 非留守儿童 总计 幸福感强 幸福感弱 总计 1111] (2)从15个留守儿童中按幸福感强弱进行分层抽样,共抽取5人,又在这5人中随机抽取2人进行家访, 求这2个学生中恰有一人幸福感强的概率.

n(adbc)2参考公式:K

(ab)(cd)(ac)(bd)2附表:

P(K2k0) 0.050 3.841 0.010 6.635 k0

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太谷县实验中学2018-2019学年高二上学期数学期末模拟试卷含解析(参) 一、选择题

1. 【答案】D

3

【解析】解:每一项冠军的情况都有5种,故5名学生争夺三项冠军,获得冠军的可能的种数是 5,

故选:D.

【点评】本题主要考查分步计数原理的应用,属于基础题.

2. 【答案】D

【解析】解:由等差数列的性质可得a3+a13=2a8,

2

即有a8=4a8,

解得a8=4(0舍去), 即有b8=a8=4,

2

由等比数列的性质可得b4b12=b8=16.

故选:D.

3. 【答案】C

【解析】函数f(x)=sin(2x+θ)(﹣因为两个函数都经过P(0,所以sinθ=又因为﹣所以θ=

, <θ<,

﹣2φ), ,

),

<θ<

)向右平移φ个单位,得到g(x)=sin(2x+θ﹣2φ),

所以g(x)=sin(2x+sin(所以或

﹣2φ)=﹣2φ=2kπ+﹣2φ=2kπ+

,k∈Z,此时φ=kπ,k∈Z, ,k∈Z,此时φ=kπ﹣

,k∈Z,

故选:C.

【点评】本题考查的知识点是函数y=Asin(ωx+φ)的图象变换,三角函数求值,难度中档

4. 【答案】D

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22

【解析】解:“且”的否定为“或”,因此其逆否命题为“若a≠0或b≠0,则a+b≠0”;

故选D. 否定方法、形式.

5. 【答案】A ∵P(﹣3≤ξ≤﹣1) =∴

∴P(ξ≥1)=

2

【点评】此类题型考查四种命题的定义与相互关系,一般较简单,但要注意常见逻辑连接词的运用与其各自的

【解析】解:如果随机变量ξ~N(﹣1,σ),且P(﹣3≤ξ≤﹣1)=0.4,

【点评】一个随机变量如果是众多的、互不相干的、不分主次的偶然因素作用结果之和,它就服从或近似的服 从正态分布,正态分布在概率和统计中具有重要地位.

6. 【答案】C

【解析】解:由正视图可知去掉的长方体在正视线的方向,从侧视图可以看出去掉的长方体在原长方体的左侧,

由以上各视图的描述可知其俯视图符合C选项. 故选:C.

【点评】本题考查几何体的三视图之间的关系,要注意记忆和理解“长对正、高平齐、宽相等”的含义.

7. 【答案】C

22【解析】解:∵a>b>0,∴﹣a<﹣b<0,∴(﹣a)>(﹣b),

故选C.

【点评】本题主要考查不等式的基本性质的应用,属于基础题.

8. 【答案】D

【解析】解:由已知M={x|﹣1<x<1}, N={x|x>0},则M∩N={x|0<x<1}, 故选D.

【点评】此题是基础题.本题属于以不等式为依托,求集合的交集的基础题,

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9. 【答案】B

10.【答案】A 【解析】

2x1112,则f'x2,所以f'11. xxx考点:1、复合函数;2、导数的几何意义. 试题分析:由已知得fx11.【答案】C 【解析】1111]

0试题分析:由直线方程L1:yx,可得直线的倾斜角为45,又因为这两条直线的夹角在0,,所以12000直线L2:axy0的倾斜角的取值范围是3060且45,所以直线的斜率为

tan300atan600且tan450,即

考点:直线的倾斜角与斜率. 12.【答案】B 【解析】

3a1或1a3,故选C. 3考点:向量共线定理.

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二、填空题

13.【答案】

【解析】解:因为抛物线y=48x的准线方程为x=﹣12,

2

则由题意知,点F(﹣12,0)是双曲线的左焦点, 所以a2+b2=c2=144,

又双曲线的一条渐近线方程是y=所以=

x,

解得a2=36,b2=108, 所以双曲线的方程为故答案为:

【点评】本题考查双曲线的标准方程,以及双曲线的简单性质的应用,确定c和a2的值,是解题的关键.

14.【答案】

2

【解析】解:∵F是抛物线y=4x的焦点, ∴F(1,0),准线方程x=﹣1, 设M(x1,y1),N(x2,y2), ∴|MF|+|NF|=x1+1+x2+1=6, 解得x1+x2=4,

∴△MNF的重心的横坐标为, ∴△MNF的重心到准线距离为. 故答案为:.

【点评】本题考查解决抛物线上的点到焦点的距离问题,利用抛物线的定义将到焦点的距离转化为到准线的距离.

15.【答案】 【解析】

试题分析:由三视图可知该几何体为三棱锥,其中侧棱VA底面ABC,且ABC为直角三角形,且

11AB5,VAh,AC6,所以三棱锥的体积为V56h5h20,解得h4.

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考点:几何体的三视图与体积. 16.【答案】 ( 1,±2

) .

2

【解析】解:设点P坐标为(a,a)

依题意可知抛物线的准线方程为x=﹣2 a2+2=

,求得a=±2

∴点P的坐标为( 1,±2故答案为:( 1,±2

).

【点评】本题主要考查了两点间的距离公式、抛物线的简单性质,属基础题.

17.【答案】②④⑤

【解析】解析:构造函数g(x)ef(x),g(x)e[f(x)f(x)]0,g(x)在R上递增,

xx∴f(x)eexf(x)1g(x)g(0)x0,∴①错误;

f(x)f(x)f(x)构造函数g(x)x,g(x)0,g(x)在R上递增,∴g(2015)g(2014),

eex∴f(2015)ef(2014)∴②正确;

22构造函数g(x)xf(x),g(x)2xf(x)xf(x)x[2f(x)xf(x)],当x0时,g(x)0,∴g(2n1)g(2n),∴f(2n1)4f(2n),∴③错误;

xxf(x)f(x)xf(x)f(x)由f(x)0得0,即0,∴函数xf(x)在(0,)上递增,在(,0)上递

xxx减,∴函数xf(x)的极小值为0f(0)0,∴④正确;

exexxf(x)x由xf(x)f(x)得f(x),设g(x)exf(x),则2xxexexxxg(x)ef(x)xf(x)e(x1),当x1时,g(x)0,当0x1时,g(x)0,∴当

xxx0时,g(x)g(1)0,即f(x)0,∴⑤正确.

18.【答案】 1 .

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2

【解析】解:(lg2)+lg2•lg5+

=lg2(lg2+lg5)+lg5=lg2+lg5=1,

故答案为:1.

三、解答题

19.【答案】

【解析】解:(1)设抽取x人,则即年龄在20:39岁之间应抽取2人.

(2)设在缴费100:500元之间抽取的5人中,年龄在20:39岁年龄的两人为A,B,在40:59岁之间为a,b,c,

随机选取2人的情况有(A,B),(A,a),(A,b),(A,c),(B,a),(B,b),(B,c), (a,b),(a,c),(b,c),共10种,

年龄都在40:59岁之间的有(a,b),(a,c),(b,c),共3种, 则对应的概率P=

,解得x=2,

【点评】本题主要考查分层抽样的应用,以及古典概型的计算,利用列举法是解决本题的关键.

20.【答案】(1)

3152cm2. cm;(2)43162【解析】试题分析:

(1)设MFx,利用题意结合勾股定理可得x1x4,则x据此可得NMF的面积是

15, 8115151cm2; 2816试题解析:

(1)设MFx,则FDMFx,NFx21,

152∵NFMF4,∴x1x4,解之得x,

8115152∴NMF的面积是1cm;

2816(2)设NEC,则NEF,NEBFNE,

2第 12 页,共 16 页

∴MNF2MN∴NFcosMNF12,

cos21, sinMFFDMNtanMNFtan∴2NFMFcos, 2sin2cos.

sin1cos4,即1tan4,

sin2∴(tan4且,), 4232∴2(tan4且,), 2322cos12cos2设f,则f,令得, f02sinsin3∵1NFFD4,∴1列表得

∴当2时,2NFMF取到最小值, 3

此时,NEFCEFNEBFNENFENFM在RtMNF中,MN1,MF3,MNF6,

323,NF, 3323在正NFE中,NFEFNE,

323在梯形ANEB中,AB1,AN43,BE4,

3331233∴S六边形ABEFMNSMNFSEFNS梯形ABEN. 4341463233答:当2NFMF最小时,LOGO图案面积为43cm2. 3第 13 页,共 16 页

点睛:求实际问题中的最大值或最小值时,一般是先设自变量、因变量,建立函数关系式,并确定其定义域,利用求函数的最值的方法求解,注意结果应与实际情况相结合.用导数求解实际问题中的最大(小)值时,如果函数在开区间内只有一个极值点,那么依据实际意义,该极值点也就是最值点. 21.【答案】

=﹣2.

【解析】解:(1)由高BH所在直线方程为4x+2y﹣9=0,∴∵直线AC⊥BH,∴kACkBH=﹣1. ∴

, ,即

. . ,

直线AC的方程为联立

∴点C的坐标C(1,1). (2)

∴直线BC的方程为联立

点B到直线AC:x﹣2y+1=0的距离为又∴

【点评】本题考查了相互垂直的直线斜率之间的关系、角平分线的性质、点到直线的距离公式、两点间的距离公式、三角形的面积计算公式,属于基础题.

22.【答案】

x

【解析】解:(1)f(x)=a(a>0且a≠1)的图象经过点(2,), 2

∴a=,

∴a=

x

(2)∵f(x)=()在R上单调递减, 2

又2<b+2, 2

∴f(2)≥f(b+2),

第 14 页,共 16 页

2

(3)∵x≥0,x﹣2x≥﹣1,

∴1

≤()﹣=3

∴0<f(x)≤(0,3]

23.【答案】

【解析】解:(1)因为f(x)是R上的奇函数, 所以f(0)=0,即从而有

经检验,符合题意;… (2)由(1)知,f(x)=

x

=0,解得b=1; ;…

=﹣+;

由y=2的单调性可推知f(x)在R上为减函数; … (3)因为f(x)在R上为减函数且是奇函数,从而不等式 f(1+|x|)+f(x)<0等价于f(1+|x|)<﹣f(x), 即f(1+|x|)<f(﹣x); … 又因f(x)是R上的减函数, 由上式推得1+|x|>﹣x,… 解得x∈R.…

24.【答案】(1)有95%的把握认为孩子的幸福感强与是否留守儿童有关;(2)【解析】

3. 5试题解析:(1)列联表如下: 幸福感强 留守儿童 非留守儿童 总计 6 18 24

幸福感弱 9 7 16 总计 15 25 40 第 15 页,共 16 页

40(67918)243.841. ∴K15252416∴有95%的把握认为孩子的幸福感强与是否留守儿童有关.

2(2)按分层抽样的方法可抽出幸福感强的孩子2人,记作:a1,a2;幸福感强的孩子3人,记作:b1,b2,

b3.

“抽取2人”包含的基本事件有(a1,a2),(a1,b1),(a1,b2),(a1,b3),(a2,b1),(a2,b2),(a2,b3),(b1,b2),

(b1,b3),(b2,b3)共10个.

事件A:“恰有一人幸福感强”包含的基本事件有(a1,b1),(a1,b2),(a1,b3),(a2,b1),(a2,b2),(a2,b3)共6个. 故P(A)63. 105考点:1、 茎叶图及性检验的应用;2、古典概型概率公式.

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