2019-2020学年江苏省苏州市高二(下)期末物理试卷(Word版含答案)

2019-2020学年江苏省苏州市高二（下）期末物理试卷

一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共计24分。每小题只有一个选项符合题意。 1．（3分）关于分子动理论，下列说法正确的是（ ） A．气体扩散的快慢与温度无关 B．分子间同时存在着引力和斥力 C．布朗运动是液体分子的无规则运动 D．分子间的引力总是随分子间距增大而增大

2．（3分）如图所示，放射性元素镭衰变过程中释放出α、β、γ三种射线，分别进入匀强电场和匀强磁场中，下列说法正确的是（ ）

A．②⑤表示γ射线，①④表示α射线 B．②⑤表示γ射线，③⑥表示α射线 C．③④表示α射线，①⑥表示β射线 D．①④表示β射线，③⑥表示α射线

3．（3分）人类对物质属性的认识是从宏观到微观不断深入的过程，以下说法不正确的是（ ） A．温度升高时每个分子的动能都增大 B．所有晶体都具有一定的熔点 C．液晶的光学性质是各向异性的

D．露珠呈球状是由于液体表面张力的作用

4．（3分）如图所示为氢原子的能级图。现有大量处于n＝5激发态的氢原子向低能级跃迁。下列说法正确的是（ ）

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A．能辐射出4种不同频率的光

B．由n＝5跃迁到n＝4时辐射出的光频率最大 C．辐射出光子能量的最大值为10.2eV

D．由n＝3跃迁到n＝1时辐射出的光照射逸出功为6.34eV的金属铂能发生光电效应

5．（3分）图甲为一列简谐横波在t＝0时刻的波形图，图乙为介质中平衡位置在x＝1.5m处的质点a的振动图象。下列说法正确的是（ ）

A．波的传播方向向左 B．波的传播速度为2m/s

C．0～1s时间内，回复力对a做正功

D．1～2s时间内，回复力对a做功的功率先增大后减小

6．（3分）我国在2020年5月31日，利用长征2号丁运载火箭成功将高分九号02星、和德四号卫星送入预定轨道，该火箭是我国目前唯一一款可以在陆地和海上发射的火箭。某科研小组将一模型火箭点火升空，若实验中发动机在0.1s时间内喷射的气体质量约为50g，喷射的气体速度约为600m/s，则发动机产生的推力约为（ ） A．120N

B．300N

C．1200N

D．3000N

7．（3分）如图所示，在某一均匀介质中，两波源A、B位于一半径为4m的一条直径上，距离圆心O点都是2m，其简谐运动表达式均为x＝0．lsin（10πt）m，圆周上的P点与A、B两波源间的距离分别为5m和3m，波在该介质中传播速度为10m/s。下列说法正确的是（ ）

A．圆周上振动加强的点共有8个

B．两简谐波都传播到P点的时间差为0.1s

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C．两简谐波都传播到P点后，P点振动的频率为10Hz D．两简谐波都传播到P点后，P点振动的位移始终为0.2m

8．（3分）如图，长为l的细绳下方悬挂一小球，绳的另一端固定在天花板上O点，在O点正下方l的O′点有一固定细铁钉。将小球向右拉开，使细绳与竖直方向成一小角度（约为2°）后由静止释放，当小球摆至最低位置时，细绳受到铁钉的阻挡后继续运动。下列说法正确的是（ ）

A．碰钉前后瞬间小球的加速度之比为4：1 B．碰钉前后瞬间绳的拉力之比为1：4

C．碰钉前后小球离开平衡位置的最大距离之比为2：1

D．小球碰钉前运动时间和碰钉后离开平衡位置到最大距离所用时间之比为4：1

二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分。每小题有多个选项符合题意。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分。 9．（4分）以下说法中正确的是（ ） A．光的偏振现象说明光是横波 B．根据相对论可知空间和时间与运动有关 C．麦克斯韦预言并用实验验证了电磁波的存在 D．圆盘衍射图样是中心有亮斑的同心等距圆环

10．（4分）如图，一定质量的理想气体从状态a出发，经过等容过程ab到达状态b，再经过等温过程bc到达状态c，最后经等压过程ca回到初态a。下列说法正确的是（ ）

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A．在过程ab中气体的内能增加 B．在过程ab中气体对外界做功 C．在过程ca中气体对外界做功 D．在过程bc中气体从外界吸收热量

11．（4分）在光电效应实验中，用某频率的光入射光电管，有光电流产生，下列说法正确的是（ ） A．保持入射光的频率不变，增加光的强度，饱和光电流变大

B．保持入射光的强度不变，增加入射光的频率，饱和光电流变大 C．换用频率更高的入射光，光电子的最大初动能变大 D．遏止电压的大小与入射光的频率无关

12．（4分）如图所示，在光滑的水平面上有一竖直向下磁感应强度为B，宽度为L的匀强磁场区域。现有一质量为m、电阻为R、边长为a（a＜L）的正方形闭合线圈以垂直于磁场边界的初速度沿水平面向右滑动，穿过磁场后速度减为v，则线圈在此过程中（ ）

A．动量大小一直减小 B．安培力的冲量大小为

C．安培力的冲量大小为m（v0﹣v） D．线圈全部进入磁场时速度等于

三、简答题：本题共2小题，共计14分。请将答案填写在答题卡相应的位置。

13．（8分）在做“用油膜法估测分子的大小”的实验中，已知每2000mL油酸酒精溶液中含有纯油酸1mL，用注射器测得每100滴这样的溶液为1mL，把一滴这样的溶液滴入撒有痱子粉的盛水浅盘里，把玻璃板盖在浅盘上并描画出油酸膜轮廓，如图所示。

（1）图中正方形小方格的边长为0.6cm，则油酸膜的面积为 cm2，油酸分子直径大小（保留一位有效数字）d＝ m；

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（2）实验中采用油酸的酒精溶液，而不直接用油酸，其目的是 ； （3）某同学在实验中，计算出的分子直径偏大，可能是由于 。 A．油酸分子未完全散开

B．油酸酒精溶液浓度低于实际浓度

C．计算油膜面积时，舍去了所有不足一格的方格

D．求每滴油酸酒精溶液的体积时，1mL的溶液滴数多计了几滴

14．（6分）（1）如图甲为双缝干涉的实验示意图某同学利用双缝干涉实验装置测一单色光的波长。已知双缝间距为d，双缝到屏的距离为L，将测量头的分划板中心刻线与某一亮条纹的中心对齐，并将该条纹记为第一亮条纹，其示数如图乙所示，此时的示数x1＝ mm；然后调节测量头，使分划板中心刻线与第n亮条纹的中心对齐，测出第n亮条纹示数为x2，由以上数据可求得该光的波长表达式 （用题中的符号表示）。 （2）若要使干涉条纹的间距变大，在保证其他条件不变的情况下，可以 。 A．将光屏移近双缝 B．改换间距更小的双缝 C．将光源向双缝移动一小段距离

D．更换滤光片，使通过单缝的光波长更长

四、计算题：本题共4小题，共计46分。解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分。有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位。

15．（11分）如图所示，圆筒形导热气缸开口向上竖直放置。内有活塞质量为m＝1kg，横截面积为S＝5×104m2，

﹣

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汽缸内密封有一定质量的理想气体，气柱高度h＝0.2m。已知大气压p0＝1.0×105Pa，取g＝10m/s2，不计摩擦。 （1）求气缸内气体的压强；

（2）如果在活塞上缓慢堆放一定质量的细砂，气柱高度变为原来的，求细砂的质量；

（3）如果在（2）的基础上设法升高缸内气体的温度，使活塞恢复到原高度，此过程气体吸收热量为10J，请计算气体内能的增量。

16．（11分）如图所示，一颗半径为R、折射率为

的玻璃球截去一部分后形成的玻璃球冠，其底面镀银。在过球

心O且垂直于底面的平面内，一垂直射向底面边缘上A点的光线在玻璃球冠上的入射点为M，MA距离等于R，该光线经镀银底面反射后再从球面射出。真空中的光速为c，求： （1）光线在M点的入射角；

（2）光线与镀银面的交点到A点的距离； （3）该光线从射入球面到射出球面所需的时间。

17．（12分）在磁感应强度为B的匀强磁场中，一个静止的放射性原子核发生了一次β衰变。放射出β粒子在与磁场垂直的平面内做圆周运动，其轨迹半径为R，以m、q分别表示β粒子的质量和电荷量。已知真空中的光速为c，不考虑相对论效应。

（1）放射性原子核用X表示，新核元素符号用Y表示，写出该衰变的核反应方程； （2）β粒子的圆周运动可以等效成一个环形电流，求环形电流大小；

（3）设该衰变过程释放的核能都转化为β粒子和新核的动能，新核的质量为M，求衰变过程的质量亏损△m。 18．（12分）如图所示，上表面光滑、长为3L的两端带有挡板的木板MP固定在水平面上，在M处有一质量为mA

的金属块A，在N处另外放置一质量为mB的木块B，当A水平向右运动就会和B发生碰撞，碰撞时间极短，A、B可视为质点（和挡板碰撞能量损失不计）。

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（1）若给A一水平向右的初速度v0，A、B在N处碰撞后不分开，求碰撞后A的速度大小；

（2）若给A一水平向右的初速度v0，A、B碰撞时系统没有动能损失，要使A、B第二次碰撞仍发生在N处，A、B质量应满足的条件；

（3）若在挡板所在空间加方向水平向左的匀强电场，并使A带上负电荷，其受到的电场力为F，A由静止开始运动和B在N处碰撞后不分开，假设木板上表面NP间粗糙，A、B碰撞后受到的摩擦力为F，A、B的质量均为m。求右侧挡板前两次碰撞受到的冲量大小之比。

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2019-2020学年江苏省苏州市高二（下）期末物理试卷

试题解析

一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共计24分。每小题只有一个选项符合题意。 1．【答案】B

解：A、扩散的快慢与温度有关，温度越高，扩散越快，故A错误； B、分子间同时存在相互作用的引力和斥力，故B正确；

C、布朗运动是悬浮在液体中固体小颗粒的无规则运动，它不是液体分子的运动，它间接体现了液体分子在永不停息地做不规则运动，故C错误；

D、分子间同时存在引力和斥力，引力和斥力均随着分子间距离的增大而减小，故D错误。 故选：B。 2．【答案】C

解：α射线实质为氦核，带正电，β射线为电子流，带负电，γ射线为高频电磁波，不带电，根据电荷所受电场力特点可知：①为β射线，②为γ射线，③为α射线，

根据左手定则，α射线受到的洛伦兹力向左，故④是α射线；根据左手定则，β射线受到的洛伦兹力向右，故⑥是β射线；

故C正确，ABD错误。 故选：C。 3．【答案】A

解：A、温度升高时，分子的平均动能增大；但并不是每个分子动能均增大；故A错误； B、晶体与非晶体的区别就是晶体有一定的熔点，故B正确； C、液晶的光学性质具有各向异性，故C正确；

D、液体的表面张力有使液体的表面积减小到最小的趋势，如露珠呈球状就是由于液体表面张力的作用，故D正确。

本题选错误选项，故选：A。 4．【答案】D 解：A、根据

＝10知，这些氢原子可能辐射出10种不同频率的光子，故A错误；

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BC、氢原子由n＝5向n＝1能级跃迁时辐射的光子能量最大，频率最大，最大能量为：△Emax＝﹣0.eV﹣（﹣13.6eV）＝13.06eV，故BC错误；

D、氢原子由n＝3跃迁到n＝1能级，辐射的光子能量为△E＝12.09eV，大于金属铂的逸出功6.34eV，能发生光电效应，故D正确。 故选：D。 5．【答案】D

解：A、t＝0时刻平衡位置在x＝1.5m处的质点a的振动方向向上，根据“同侧法”可知该波的传播方向向右，故A错误；

B、根据图甲可知该波的波长为λ＝2m，根据图乙可知该波的周期T＝4s，则该波的传播速度：v＝故B错误；

C、0～1s时间内，质点a远离平衡位置向上运动，速度逐渐减小，则回复力对a做负功，故C错误； D、1s时回复力最大、但a质点的速度为零，根据P＝Fv可知回复力的功率为零，2s时质点a的速度最大但回复力为零，根据P＝Fv可知回复力的功率为零，所以在1～2s时间内，回复力对a做功的功率先增大后减小，故D正确。 故选：D。 6．【答案】B

解：已知在t＝0.1s内火箭喷射气体质量为m＝50g＝0.05kg，速度v＝600m/s，设发动机对气体的推力为F； 根据动量定理mv＝Ft； 代入数据得：F＝300N； 故选：B。 7．【答案】A

解：A、由简谐运动表达式x＝0.1sin（10πt）m，知Ω＝10πrad/s，振动周期为 T＝

＝

s＝0.2s，由v＝

＝0.5m/s，

得 λ＝vT＝10×0.2m＝2m。圆周上的点与A、B两波源的路程差最大值等于AB间的距离，△smax＝4m＝2λ，圆周上的点与A、B两波源的路程差最大值等于0，P点到A、B两个波源的路程差为：△s＝5m﹣4m＝1m＝λ，故P点的振动加强，因此，圆周上的点与A、B两波源的路程差为0、λ、2λ时，振动加强，共有8个点，即圆周上AB所在直径的两个端点、与AB连线垂直的直径的两个端点、P点、P点关于O点中心对称的点、P点关

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于AB所在直径对称的点，以及P点关于与AB连线垂直的直径对称的点，故A正确； B、两简谐波都传播到P点的时间差为△t＝

＝

s＝0.2s，故B错误；

C、根据f＝得波源的振动频率为 f＝5Hz，则两简谐波都传播到P点后，P点振动的频率为5Hz，故C错误； D、P点的振动加强，振幅为0.2m，位移的最大值为0.2m，但质点P的位移作周期性变化，故E错误。 故选：A。 8．【答案】C

解：A、细线与钉子碰撞前后瞬间，小球的瞬时线速度不变，根据向心加速度公式a＝球的半径之比为4：1，所以有：

＝，故A错误；

，由于小球到达最低点时的速度大小不确定，所以碰钉前后瞬间绳的拉

，由于碰钉前后瞬间小

B、根据牛顿第二定律得：F﹣mg＝m力之比无法确定，故B错误； C、根据周期公式

，由于碰钉前后瞬间小球的半径之比为4：1，所以碰钉前后小球运动的周期之比为

2：1，故碰钉前后小球离开平衡位置的最大距离之比为2：1，故C正确； D、根据周期公式

，由于碰钉前后瞬间小球的半径之比为4：1，所以碰钉前后小球运动的周期之比为

2：1，小球碰钉前运动时间和碰钉后离开平衡位置到最大距离所用时间都为，所以小球碰钉前运动时间和碰钉后离开平衡位置到最大距离所用时间之比为2：1，故D错误。 故选：C。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分。每小题有多个选项符合题意。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分。 9．【答案】AB

解：A、光的偏振现象说明光是一种横波，而不是纵波，故A正确； B、相对论认为：空间和时间与物质的运动快慢有关，故B正确； C、麦克斯韦预言了电磁波，而赫兹证实电磁波的存在，故C错误； D、圆盘衍射图样是中心有亮斑的同心不等距圆环，故D错误； 故选：AB。

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10．【答案】AD

解：A、从a到b等容升压，根据则内能增加，故A正确；

B、在过程ab中气体体积不变，根据W＝p△V可知，气体对外界做功为零，故B错误； C、在过程ca中压强不变，体积减小，所以外界对气体做功，故C错误；

D、在过程bc中，属于等温变化，气体膨胀对外做功，而气体的温度不变，则内能不变；根据热力学第一定律△U＝W+Q可知，气体从外界吸收热量，故D正确； 故选：AD。 11．【答案】AC

解：A、保持入射光的频率不变，入射光的光强变大，饱和光电流变大，因为饱和光电流与入射光的强度成正比，故A正确；

B、保持入射光的强度不变，增加入射光的频率则入射光的光子个数减少，光电子减少，所以饱和电流变小，故B错误；

CD、根据光电效应方程Ekm＝hv﹣W0＝eUc知，提高入射光频率，则光电子最大初动能变大，遏止电压变大，故C正确，D错误。 故选：AC。 12．【答案】BCD

解：A、线圈完全在磁场中运动时，磁通量不变，没有感应电流，不受安培力，线圈做匀速运动，动量不变，故A错误；

B、线圈进入磁场的过程，安培力的冲量大小为 I1＝Ft＝Bat＝Baq，又通过线圈的电荷量为 q＝可得 I1＝

，方向向左。同理可得，线圈穿出磁场时，安培力冲量大小为 I2＝

，故B正确；

＝

可知温度升高，一定质量的理想气体内能决定于气体的温度，温度升高，

，方向向左，因此，

整个过程中，安培力的冲量大小为 I＝I1+I2＝

C、整个过程中，根据动量定理得：I＝mv﹣mv0，知安培力的冲量大小为m（v0﹣v），故C正确；

D、设线圈全部进入磁场时速度为v′。线框进入磁场过程，由动量定理得：﹣Bat＝mv′﹣mv0，又 t＝q 可得 Baq＝mv0﹣mv′

同理，线框穿出磁场过程：Baq＝mv′﹣mv

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解得：v＝故选：BCD。

，故D正确。

三、简答题：本题共2小题，共计14分。请将答案填写在答题卡相应的位置。

13．【答案】（1）38.16，1×109； （2）尽可能散开，目的是形成单分子油膜； （3）AC。

﹣

解：（1）油膜面积约占106小格，则油酸膜的面积约为： S＝106×0.6×0.6cm2＝38.16cm2， 每一滴油酸酒精溶液含有纯油酸的体积为： V＝

×

mL＝5×10

﹣12

m3

油酸分子的直径： d＝＝

m＝1×109m。

﹣

（2）实验中要让油膜尽可能散开，目的是形成单分子油膜；

（3）计算油酸分子直径的公式是d＝，V是纯油酸的体积，S是油膜的面积； A．油酸未完全散开，S偏小，故得到的分子直径d将偏大，故A正确；

B．计算时油酸酒精溶液浓度低于实际浓度，则油酸的实际体积偏小，则直径将偏小，故B错误； C．计算油膜面积时舍去了所有不足一格的方格，S将偏小，故得到的分子直径将偏大，故C正确；

D．求每滴体积时，lmL的溶液的滴数误多计了几滴，由V0＝ 可知，纯油酸的体积将偏小，则计算得到的分子直径将偏小，故D错误； 故选：AC。

故答案为：（1）38.16，1×109； （2）尽可能散开，目的是形成单分子油膜； （3）AC。

﹣

14．【答案】（1）0.777；λ＝；（2）BD。

解：（1）测量头其实就是螺旋测微器，因螺旋测微器的精确度为0.01mm， 则其读数为：x1＝0.5mm+0.01×27.7mm＝0.777mm。 根据干涉条纹的间距△x＝λ得：λ＝

＝

（2）实验中用激光通过双缝，双缝的作用是形成相干光源；由条纹间距干涉△x＝λ，知，为了增大光屏上干

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涉条纹的间距，应使得双缝间距离d缩小，或者增大L与λ； A、将光屏移近双缝，则L减小，不符合要求，故A错误；

B、改换间距更小的双缝，则d缩小，那么干涉条纹的间距变大，符合要求，故B正确； C、光源向双缝移动一小段距离，不会影响条纹间距，故C错误；

D、换滤光片，改用波长更长的单色光，则干涉条纹的间距变大，符合要求，故D正确； 故选：BD。

故答案为：（1）0.777；λ＝

；（2）BD。

四、计算题：本题共4小题，共计46分。解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分。有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位。 15．【答案】（1）气缸内气体的压强为1.2×105Pa； （2）细砂的质量为3kg； （3）气体内能的增量为4J

解：（1）对活塞受力分析，根据共点力平衡可得p1S＝p0S+mg，解得：

（2）因为细砂是缓慢放置的，所以气体等温变化，根据玻意耳定律可得：p1V1＝p2V2 对活塞和细砂受力分析可知：p2S＝p0S+mg+m′g 联立解得m′＝3kg

（3）使活塞恢复到原高度的过程，气体压强不变，气体对外做功为W＝p2（V1﹣V2）＝6J 气体内能增加量为△U＝Q﹣W＝10J﹣6J＝4J 答：（1）气缸内气体的压强为1.2×105Pa； （2）细砂的质量为3kg； （3）气体内能的增量为4J

16．【答案】（1）光线在M点的入射角是60°； （2）光线与镀银面的交点到A点的距离是

R；

。

（3）该光线从射入球面到射出球面所需的时间是

解：（1）作M点的法线OM，连接OA，根据题意可得△OMA为等边珠三角形，所以光线在M点的入射角 i＝∠OMA＝60°；

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（2）设折射角为r，根据折射定律得： n＝

解得：r＝30°

设折射光线与镀银面的交点为N。

在直角△MAN中，∠NMA＝30°，AN＝MAtan30°＝

R；

（3）光线在N点反射，根据几何关系知，反射光线通过O点。设从球面上的Q点射出 MN＝NQ＝

R R+R

光线在玻璃球内传播速度为：v＝

该光线从射入球面到射出球面所需的时间为：t＝解得：t＝

答：（1）光线在M点的入射角是60°； （2）光线与镀银面的交点到A点的距离是

R；

。

（3）该光线从射入球面到射出球面所需的时间是

17．【答案】（1）该衰变的核反应方程为X→

X+

e；

（2）环形电流大小为；

（3）衰变过程的质量亏损为。

解：（1）由质量守恒及电荷守恒可得该β衰变的核反应方程为：X→

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X+e；

（2）α粒子做圆周运动，洛伦兹力做向心力，设圆周运动的速率为v，则有：Bvq＝m解得：v＝

＝

则圆周运动的周期为：T＝

那么相当于环形电流在周期T内通过的电量为q，则等效环形电流大小为：I＝＝

（3）因为衰变时间极短，且衰变时内力远远大于外力，故认为在衰变过程中外力可忽略，则有动量守恒，设新核的速度为v′，则有：mv+Mv′＝0； 由（2）可得：v＝

，所以，v′＝﹣

，

则衰变过程使两粒子获得动能E＝mv2+Mv′2 解得：E＝（

）

；

由于衰变过程，质量亏损产生的核能全部转化为粒子的动能，故衰变过程的质量亏损为：

△m＝＝。

答：（1）该衰变的核反应方程为X→X+e；

（2）环形电流大小为；

（3）衰变过程的质量亏损为。

18．【答案】（1）碰撞后A的速度大小为；

（2）要使A、B第二次碰撞仍发生在N处，A、B质量应满足的条件为：mA＝mB或mB＝5mA； （3）右侧挡板前两次碰撞受到的冲量大小之比为

。

解：（1）A、B碰撞过程，取向右为正方向，由动量守恒定律得：mAv0＝（mA+mB）v 解得 v＝

（2）第一种情况：mA＝mB，A、B碰撞后，两者交换速度，A停下，B与右侧挡板碰撞后再返回原处与A再次碰撞；

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第二种情况：因为A、B碰撞时系统没有动能损失，根据动量守恒定律和动能守恒分别得： mAv0＝mAvA+mBvB

mAv02＝mAvA2+mBvB2 联立解得：vA＝

v0，vB＝

v0。

要使A、B第二次碰撞仍发生在N处，应满足：

＝

解得：mB＝5mA

（3）从释放A到A、B碰撞前的过程，对A，根据动能定理得 F•2L＝

A、B碰撞过程，由动量守恒得 mv0′＝2mv′

从A、B碰撞后到第一次与右侧挡板碰撞前，对A、B，根据动能定理得 FL﹣fL＝解得 v1＝

﹣

A、B第一碰撞受到右侧挡板作用的冲量为 I1＝2×2mv1＝

A、B与右侧挡板第一次碰撞后，返回时若能越过N点，应有vN＞0 A、B与右侧挡板第一次碰撞后至N点的过程，根据动能定理得 ﹣FL﹣fL＝解得 vN＝

＞0

﹣

故A、B碰撞到第一次与右侧挡板碰撞后性能到达N点的左侧 从A、B碰撞到第二次与右侧挡板碰撞前，对A、B，根据动能定理得 FL﹣3fL＝

﹣

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解得 v2＝

第二次碰撞受到右侧挡板作用的冲量为 I2＝2×2mv2＝4

所以，两次碰撞中，A、B受到右侧挡板作用的冲量大小为

＝

。

根据牛顿第三定律知，右侧挡板前两次碰撞受到的冲量大小之比为答：（1）碰撞后A的速度大小为

；

（2）要使A、B第二次碰撞仍发生在N处，A、B质量应满足的条件为：mA＝mB或mB＝5mA； （3）右侧挡板前两次碰撞受到的冲量大小之比为

。

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