湖北省巴东一中高二数学教案 选修2-3：1.2.1排列

教学目标：

知识与技能：了解排列数的意义，掌握排列数公式及推导方法，从中体会“化归”的数学思

想，并能运用排列数公式进行计算。

过程与方法：能运用所学的排列知识，正确地解决的实际问题

情感、态度与价值观：能运用所学的排列知识，正确地解决的实际问题.

教学重点：排列、排列数的概念 教学难点：排列数公式的推导 授课类型：新授课 课时安排：2课时 内容分析：

分类计数原理是对完成一件事的所有方法的一个划分，依分类计数原理解题，首先明确要做的这件事是什么，其次分类时要根据问题的特点确定分类的标准，最后在确定的标准下进行分类.分类要注意不重复、不遗漏，保证每类办法都能完成这件事.分步计数原理是指完成一件事的任何方法要按照一定的标准分成几个步骤，必须且只需连续完成这几个步骤后才算完成这件事，每步中的任何一种方法都不能完成这件事.分类计数原理和分步计数原理的地位是有区别的，分类计数原理更具有一般性，解决复杂问题时往往需要先分类，每类中再分成几步.在排列、组合教学的起始阶段，不能嫌罗嗦，教师一定要先做出表率并要求学生严格按原理去分析问题. 只有这样才能使学生认识深刻、理解到位、思路清晰，才会做到分类有据、分步有方，为排列、组合的学习奠定坚实的基础 分类计数原理和分步计数原理既是推导排列数公式、组合数公式的基础，也是解决排列、组合问题的主要依据，并且还常需要直接运用它们去解决问题，这两个原理贯穿排列、组合学习过程的始终.搞好排列、组合问题的教学从这两个原理入手带有根本性.

排列与组合都是研究从一些不同元素中任取元素，或排成一排或并成一组，并求有多少种不同方法的问题.排列与组合的区别在于问题是否与顺序有关.与顺序有关的是排列问题，与顺序无关是组合问题，顺序对排列、组合问题的求解特别重要.排列与组合的区别，从定义上来说是简单的，但在具体求解过程中学生往往感到困惑，分不清到底与顺序有无关系.

教学过程：

一、复习引入：

1分类加法计数原理：做一件事情，完成它可以有n类办法，在第一类办法中有m1种不

同的方法，在第二类办法中有m2种不同的方法，„„，在第n类办法中有mn种不同的方法那么完成这件事共有 Nm1m2mn种不同的方法 2.分步乘法计数原理：做一件事情，完成它需要分成n个步骤，做第一步有m1种不同的方法，做第二步有m2种不同的方法，„„，做第n步有mn种不同的方法，那么完成这件事有Nm1m2mn 种不同的方法 分类加法计数原理和分步乘法计数原理,回答的都是有关做一件事的不同方法种数的问

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题,区别在于:分类加法计数原理针对的是“分类”问题,其中各种方法相互,每一种方法只属于某一类,用其中任何一种方法都可以做完这件事;分步乘法计数原理针对的是“分步”问题,各个步骤中的方法相互依存,某一步骤中的每一种方法都只能做完这件事的一个步骤,只有各个步骤都完成才算做完这件事 应用两种原理解题:1.分清要完成的事情是什么；2.是分类完成还是分步完成,“类”间互相，“步”间互相联系；3.有无特殊条件的

二、讲解新课：

1、问题：

问题1．从甲、乙、丙3名同学中选取2名同学参加某一天的一项活动，其中一名同学参加上午的活动，一名同学参加下午的活动，有多少种不同的方法？

分析：这个问题就是从甲、乙、丙3名同学中每次选取2名同学，按照参加上午的活动在前，参加下午活动在后的顺序排列，一共有多少种不同的排法的问题，共有6种不同的排法：甲乙 甲丙 乙甲 乙丙 丙甲 丙乙，其中被取的对象叫做元素 解决这一问题可分两个步骤：第 1 步，确定参加上午活动的同学，从 3 人中任选 1 人，有 3 种方法；第 2 步，确定参加下午活动的同学，当参加上午活动的同学确定后，参加下午活动的同学只能从余下的 2 人中去选，于是有 2 种方法．根据分步乘法计数原理，在 3 名同学中选出 2 名，按照参加上午活动在前，参加下午活动在后的顺序排列的不同方法共有 3×2=6 种，如图 1.2一1 所示．

图 1.2一1

把上面问题中被取的对象叫做元素，于是问题可叙述为：从3个不同的元素 a , b ，。中任取 2 个，然后按照一定的顺序排成一列，一共有多少种不同的排列方法？所有不同的排列是 ab,ac,ba,bc,ca, cb,

共有 3×2=6 种．

问题2．从1,2,3,4这 4 个数字中，每次取出3个排成一个三位数，共可得到多少个不同的三位数？

分析：解决这个问题分三个步骤：第一步先确定左边的数，在4个字母中任取1个，有4种方法；第二步确定中间的数，从余下的3个数中取，有3种方法；第三步确定右边的数，从余下的2个数中取，有2种方法 由分步计数原理共有：4×3×2=24种不同的方法，用树型图排出，并写出所有的排列由此可写出所有的排法 显然，从 4 个数字中，每次取出 3 个，按“百”“十”“个”位的顺序排成一列，就得到一个三位数．因此有多少种不同的排列方法就有多少个不同的三位数．可以分三个步骤来解决这个问题：

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第 1 步，确定百位上的数字，在 1 , 2 , 3 , 4 这 4 个数字中任取 1 个，有 4 种方法；

第 2 步，确定十位上的数字，当百位上的数字确定后，十位上的数字只能从余下的 3 个数字中去取，有 3 种方法；

第 3 步，确定个位上的数字，当百位、十位上的数字确定后，个位的数字只能从余下的 2 个数字中去取，有 2 种方法．

根据分步乘法计数原理，从 1 , 2 , 3 , 4 这 4 个不同的数字中，每次取出 3 个数字，按“百”“十”“个”位的顺序排成一列，共有

4×3×2=24

种不同的排法， 因而共可得到24个不同的三位数，如图1. 2一2 所示．

由此可写出所有的三位数：

123，124, 132, 134, 142, 143， 213，214, 231, 234, 241, 243， 312，314, 321, 324, 341, 342， 412，413, 421, 423, 431, 432 。 同样，问题 2 可以归结为：

从4个不同的元素a, b, c，d中任取 3 个，然后按照一定的顺序排成一列，共有多少种不同的排列方法？

所有不同排列是

abc, abd, acb, acd, adb, adc, bac, bad, bca, bcd, bda, bdc, cab, cad, cba, cbd, cda, cdb, dab, dac, dba, dbc, dca, dcb. 共有4×3×2=24种. 树形图如下

a b ｃ ｄ ｂ ｃ ｄ ａ ｃ ｄ ａ ｂ ｄ ａ ｂ ｃ

2．排列的概念：

从n个不同元素中，任取m（mn）个元素（这里的被取元素各不相同）按照一定的．．．顺序排成一列，叫做从n个不同元素中取出m个元素的一个排列．．．．．． 说明：（1）排列的定义包括两个方面：①取出元素，②按一定的顺序排列； （2）两个排列相同的条件：①元素完全相同，②元素的排列顺序也相同

3．排列数的定义：

从n个不同元素中，任取m（mn）个元素的所有排列的个数叫做从n个元素中取出m

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m元素的排列数，用符号An表示 注意区别排列和排列数的不同：“一个排列”是指：从n个不同元素中，任取m个元素按照一定的顺序排成一列，不是数；“排列数”是指从n个不同元素中，任取m（mn）个元．．．．．

m素的所有排列的个数，是一个数所以符号An只表示排列数，而不表示具体的排列

4．排列数公式及其推导：

2由An的意义：假定有排好顺序的2个空位，从n个元素a1,a2,an中任取2个元素去填

空，一个空位填一个元素，每一种填法就得到一个排列，反过来，任一个排列总可以由这样

2的一种填法得到，因此，所有不同的填法的种数就是排列数An．由分步计数原理完成上述填2空共有n(n1)种填法，∴An=n(n1) 33由此，求An可以按依次填3个空位来考虑，∴An=n(n1)(n2)， mm求An以按依次填m个空位来考虑Ann(n1)(n2)(nm1)，

排列数公式：

mAnn(n1)(n2)(nm1)

（m,nN,mn）

说明：（1）公式特征：第一个因数是n，后面每一个因数比它前面一个少1，最后一个因数是nm1，共有m个因数；

（2）全排列：当nm时即n个不同元素全部取出的一个排列 n全排列数：Ann(n1)(n2)21n!（叫做n的阶乘）

另外，我们规定 0! =1 .

181345例1．用计算器计算： (1）A10； (2）A18; (3）AA1813.

解：用计算器可得：

51813由（ 2 ) ( 3 ）我们看到，A18A18A13．那么，这个结果有没有一般性呢？即 nAnn!. AnmAnm(nm)!mn排列数的另一个计算公式：

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mAnn(n1)(n2)(nm1)

Annn(n1)(n2)(nm1)(nm)321n!=nm. (nm)(nm1)321(nm)!Anmm即 An=

n! (nm)!

322例2．解方程：3Ax2Ax6A1x．

解：由排列数公式得：3x(x1)(x2)2(x1)x6x(x1)，

∵x3，∴ 3(x1)(x2)2(x1)6(x1)，即3x17x100， 解得 x5或x

x例3．解不等式：A96A9x2．

22，∵x3，且xN，∴原方程的解为x5． 3解：原不等式即

9!9!6，

(9x)!(11x)!也就是

162，化简得：x21x1040，

(9x)!(11x)(10x)(9x)!解得x8或x13，又∵2x9，且xN，

所以，原不等式的解集为2,3,4,5,6,7．

nmnm例4．求证：（1）An（2）AnAnm；

(2n)!135(2n1)． 2nn!证明：（1）AnAnmmnmn!n(nm)!n!An，∴原式成立 (nm)!（2）

(2n)!2n(2n1)(2n2)4321 nn2n!2n!2nn(n1)21(2n1)(2n3)31 n2n!n!13(2n3)(2n1)135(2n1)右边

n!∴原式成立

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m说明：（1）解含排列数的方程和不等式时要注意排列数An中，m,nN且mn这些

条件，要注意含排列数的方程和不等式中未知数的取值范围；

m（2）公式Ann(n1)(n2)(nm1)常用来求值，特别是m,n均为已知时，公式

m=Ann!，常用来证明或化简 (nm)!

例5．化简：⑴

123n1；⑵11!22!33!nn! 2!3!4!n!⑴解：原式1!111111111

n!2!2!3!3!4!(n1)!n!⑵提示：由n1!n1n!nn!n!，得nn!n1!n!， 原式n1!1 说明：

n111． n!(n1)!n!

例6．(课本例2)．某年全国足球甲级（A组）联赛共有14个队参加，每队要与其余各队在主、客场分别比赛一次，共进行多少场比赛？

解：任意两队间进行1次主场比赛与 1 次客场比赛，对应于从14个元素中任取2个元

2素的一个排列．因此，比赛的总场次是A14=14×13=182.

例7．(课本例3)．(1）从5本不同的书中选 3 本送给 3 名同学，每人各 1 本，共有多少种不同的送法？

(2）从5种不同的书中买3本送给3名同学，每人各1本，共有多少种不同的送法？ 解：(1）从5本不同的书中选出3本分别送给3名同学，对应于从5个不同元素中任取 3 个元素的一个排列，因此不同送法的种数是

3=5×4×3=60. A5(2）由于有5种不同的书，送给每个同学的1本书都有 5 种不同的选购方法，因此送给

3 名同学每人各 1 本书的不同方法种数是

5×5×5=125.

例 8 中两个问题的区别在于： ( 1 ）是从 5 本不同的书中选出 3 本分送 3 名同学，各人得到的书不同，属于求排列数问题；而（ 2 ）中，由于不同的人得到的书可能相同，因此不符合使用排列数公式的条件，只能用分步乘法计数原理进行计算．

例8．(课本例4)．用0到9这10个数字，可以组成多少个没有重复数字的三位数？分析：在本问题的。到 9 这 10 个数字中，因为。不能排在百位上，而其他数可以排在任意位置上，

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因此。是一个特殊的元素．一般的，我们可以从特殊元素的排列位置人手来考虑问题

解法 1 ：由于在没有重复数字的三位数中，百位上的数字不能是O，因此可以分两步完成排列．第1步，排百位上的数字，可以从

11到9 这九个数字中任选 1 个，有A9种选法；第2步，排十位和个2位上的数字，可以从余下的9个数字中任选2个，有A9种选法（图

1.2一 5) ．根据分步乘法计数原理，所求的三位数有

1A9A92=9×9×8=8（个） .

解法 2 ：如图1.2 一6 所示，符合条件的三位数可分成 3 类．每一位数字都不是位数有 A 母个，个位数字是 O 的三位数有揭个，十位数字是 0 的三位数有揭个．根据分类加法计数原理，符合条件的三位数有

322=8个． A9A9A9

3解法 3 ：从0到9这10个数字中任取3个数字的排列数为A10，其中 O 在百位上的排2列数是A9，它们的差就是用这10个数字组成的没有重复数字的三位数的个数，即所求的三

位数的个数是

32-A9=10×9×8-9×8=8. A10对于例9 这类计数问题，可用适当的方法将问题分解，而且思考的角度不同，就可以有

不同的解题方法．解法 1 根据百位数字不能是。的要求，分步完成选 3 个数组成没有重复数字的三位数这件事，依据的是分步乘法计数原理；解法 2 以 O 是否出现以及出现的位置为标准，分类完成这件事情，依据的是分类加法计数原理；解法 3 是一种逆向思考方法：先求出从10个不同数字中选3个不重复数字的排列数，然后从中减去百位是。的排列数（即不是三位数的个数），就得到没有重复数字的三位数的个数．从上述问题的解答过程可以看到，引进排列的概念，以及推导求排列数的公式，可以更加简便、快捷地求解“从n个不同元素中取出 m (m≤n）个元素的所有排列的个数”这类特殊的计数问题．

1.1节中的例 9 是否也是这类计数问题？你能用排列的知识解决它吗？

四、课堂练习：

n! 1．若x，则x （ ）

3!33n3n(A)An (B)An (C)A3 (D)An3

2．与A10A7不等的是 （ ）

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37109(A)A10 (B)81A8 (C)10A9 (D)A10 533．若Am，则m的值为 （ ） 2Am(A)5 (B)3 (C)6 (D)7

5(m1)!2A93A9．计算： ；  ． n16Am(mn)!9!A1015．若2(m1)!42，则m的解集是 ． m1Am1m6．（1）已知A101095，那么m ； 7（2）已知9!362880，那么A9= ； 2（3）已知An56，那么n ； 22（4）已知An7An4，那么n ．

7．一个火车站有8股岔道，停放4列不同的火车，有多少种不同的停放方法（假定每股岔道只能停放1列火车）？

8．一部纪录影片在4个单位轮映，每一单位放映1场，有多少种轮映次序？ 答案：1. B 2. B 3. A 4. 1,1 5. 2,3,4,5,6

6. (1) 6 (2) 181440 (3) 8 (4) 5 7. 1680 8. 24 巩固练习：书本20页１，２，３,4,5,6

课外作业：第27页 习题1.2 A组1 , 2 , 3,4,5 教学反思：

排列的特征：一个是“取出元素”；二是“按照一定顺序排列” ,“一定顺序”就是与位置有关，这也是判断一个问题是不是排列问题的重要标志。根据排列的定义，两个排列相同，且仅当两个排列的元素完全相同，而且元素的排列顺序也相同. 了解排列数的意义，掌握排列数公式及推导方法，从中体会“化归”的数学思想，并能运用排列数公式进行计算。

对于较复杂的问题，一般都有两个方向的列式途径，一个是“正面凑”，一个是“反过来剔”．前者指，按照要求，一点点选出符合要求的方案；后者指，先按全局性的要求，选出方案，再把不符合其他要求的方案剔出去．了解排列数的意义，掌握排列数公式及推导方法，从中体会“化归”的数学思想，并能运用排列数公式进行计算。

补充例题

例1．（1）有5本不同的书，从中选3本送给3名同学，每人各1本，共有多少种不同的送法？

（2）有5种不同的书，要买3本送给3名同学，每人各1本，共有多少种不同的送法？ 解：（1）从5本不同的书中选出3本分别送给3名同学，对应于从5个元素中任取3个元素的一个排列，因此不同送法的种数是：A554360，所以，共有60种不同的送法 3

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（2）由于有5种不同的书，送给每个同学的1本书都有5种不同的选购方法，因此送给3名同学，每人各1本书的不同方法种数是：555125，所以，共有125种不同的送法 说明：本题两小题的区别在于：第（1）小题是从5本不同的书中选出3本分送给3位同学，各人得到的书不同，属于求排列数问题；而第（2）小题中，给每人的书均可以从5种不同的书中任选1种，各人得到那种书相互之间没有联系，要用分步计数原理进行计算

例2．某信号兵用红、黄、蓝3面旗从上到下挂在竖直的旗杆上表示信号，每次可以任意挂1面、2面或3面，并且不同的顺序表示不同的信号，一共可以表示多少种不同的信号？

1解：分3类：第一类用1面旗表示的信号有A3种； 2第二类用2面旗表示的信号有A3种； 3第三类用3面旗表示的信号有A3种，

123由分类计数原理，所求的信号种数是：A3A3A333232115，

答：一共可以表示15种不同的信号

例3．将4位司机、4位售票员分配到四辆不同班次的公共汽车上，每一辆汽车分别有一位司机和一位售票员，共有多少种不同的分配方案？ 分析：解决这个问题可以分为两步，第一步：把4位司机分配到四辆不同班次的公共汽车上，

4即从4个不同元素中取出4个元素排成一列，有A4种方法；

4第二步：把4位售票员分配到四辆不同班次的公共汽车上，也有A4种方法，

利用分步计数原理即得分配方案的种数 44解：由分步计数原理，分配方案共有NA4A4576（种）

答：共有576种不同的分配方案

例4．用0到9这10个数字，可以组成多少个没有重复数字的三位数？ 解法1：用分步计数原理：

12所求的三位数的个数是：A9A99988 解法2：符合条件的三位数可以分成三类：每一位数字都不是0的三位数有

32个，个位数字是0的三位数有A9个，十位数字是0的三位A92数有A9个，

由分类计数原理，符合条件的三位数的个数是：

322A9A9A98．

3解法3：从0到9这10个数字中任取3个数字的排列数为A10，其中以0为排头的排列数

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3222为A9，因此符合条件的三位数的个数是A10A98-A9．

说明：解决排列应用题，常用的思考方法有直接法和间接法直接法：通过对问题进行恰当的分类和分步，直接计算符合条件的排列数如解法1，2；间接法：对于有条件的排列应用题，可先不考虑条件，把所有情况的种数求出来，然后再减去不符合条件的情况种数如解法3．对于有条件的排列应用题，要恰当地确定分类与分步的标准，防止重复与遗漏

例5．（1）7位同学站成一排，共有多少种不同的排法？

7解：问题可以看作：7个元素的全排列A7＝5040．

（2）7位同学站成两排（前3后4），共有多少种不同的排法？ 解：根据分步计数原理：7×6×5×4×3×2×1＝7！＝5040．

（3）7位同学站成一排，其中甲站在中间的位置，共有多少种不同的排法？

6解：问题可以看作：余下的6个元素的全排列——A6=720．

（4）7位同学站成一排，甲、乙只能站在两端的排法共有多少种？

2解：根据分步计数原理：第一步 甲、乙站在两端有A2种；

55第二步 余下的5名同学进行全排列有A5种，所以，共有A2A5=240种排列方法 2（5）7位同学站成一排，甲、乙不能站在排头和排尾的排法共有多少种？ 解法1（直接法）：第一步从（除去甲、乙）其余的5位同学中选2位同学站在排头和排尾

25有A5种方法；第二步从余下的5位同学中选5位进行排列（全排列）有A5种方法，所以一共25有A5＝2400种排列方法 A566解法2：（排除法）若甲站在排头有A6种方法；若乙站在排尾有A6种方法；若甲站在排57头且乙站在排尾则有A5种方法，所以，甲不能站在排头，乙不能排在排尾的排法共有A7－65＋A5=2400种． 2A6说明：对于“在”与“不在”的问题，常常使用“直接法”或“排除法”，对某些特殊元素可以优先考虑

例6.从10个不同的文艺节目中选6个编成一个节目单，如果某女演员的独唱节目一定不能排在第二个节目的位置上，则共有多少种不同的排法？

解法一：（从特殊位置考虑）A9A9136080；

56解法二：（从特殊元素考虑）若选：5A9；若不选：A9，

15则共有5A9A9136080种；

56

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65解法三：（间接法）A10A9136080

例7． 7位同学站成一排，

（1）甲、乙两同学必须相邻的排法共有多少种？

解：先将甲、乙两位同学“捆绑”在一起看成一个元素与其余的5个元素（同学）一起进

26行全排列有A6种方法；再将甲、乙两个同学“松绑”进行排列有A2种方法．所以这样的排62法一共有A6A21440种 （2）甲、乙和丙三个同学都相邻的排法共有多少种？

53解：方法同上，一共有A5＝720种 A3（3）甲、乙两同学必须相邻，而且丙不能站在排头和排尾的排法有多少种？

解法一：将甲、乙两同学“捆绑”在一起看成一个元素，此时一共有6个元素，因为丙

2不能站在排头和排尾，所以可以从其余的5个元素中选取2个元素放在排头和排尾，有A5种4方法；将剩下的4个元素进行全排列有A4种方法；最后将甲、乙两个同学“松绑”进行排列

2有A2种方法．所以这样的排法一共有A5A4A2＝960种方法 242解法二：将甲、乙两同学“捆绑”在一起看成一个元素，此时一共有6个元素，若丙站

5在排头或排尾有2A5种方法，

652所以，丙不能站在排头和排尾的排法有(A62A5)A2960种方法 解法三：将甲、乙两同学“捆绑”在一起看成一个元素，此时一共有6个元素，因为丙不能站在排头和排尾，所以可以从其余的四个位置选择共有A4种方法，再将其余的5个元素

55进行全排列共有A5种方法，最后将甲、乙两同学“松绑”，所以，这样的排法一共有A4A5A2121＝960种方法．

（4）甲、乙、丙三个同学必须站在一起，另外四个人也必须站在一起 解：将甲、乙、丙三个同学“捆绑”在一起看成一个元素，另外四个人“捆绑”在一起

342看成一个元素，时一共有2个元素，∴一共有排法种数：A3A4A2288（种）

说明：对于相邻问题，常用“捆绑法”（先捆后松）．

例8．7位同学站成一排，

（1）甲、乙两同学不能相邻的排法共有多少种？ 解法一：（排除法）A7A6A23600；

5解法二：（插空法）先将其余五个同学排好有A5种方法，此时他们留下六个位置（就称为

762

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522“空”吧），再将甲、乙同学分别插入这六个位置（空）有A6种方法，所以一共有A5A63600种方法．

（2）甲、乙和丙三个同学都不能相邻的排法共有多少种？

4解：先将其余四个同学排好有A4种方法，此时他们留下五个“空”，再将甲、乙和丙三433个同学分别插入这五个“空”有A5种方法，所以一共有A4＝1440种． A5说明：对于不相邻问题，常用“插空法”（特殊元素后考虑）．

例9．5男5女排成一排，按下列要求各有多少种排法：（1）男女相间；（2）女生按指定顺序排列 5解：（1）先将男生排好，有A5种排法；再将5名女生插在男生之间的6个“空挡”（包括5两端）中，有2A5种排法 55故本题的排法有N2A5； A528800（种）10A105（2）方法1：N5A1030240；

A55方法2：设想有10个位置，先将男生排在其中的任意5个位置上，有A10种排法；余下的

5个位置排女生，因为女生的位置已经指定，所以她们只有一种排法 5故本题的结论为NA10130240（种）

2007年高考题 1．（2007年天津卷）如图，用6种不同的颜色给图中的4个格子涂色，每个格子涂一种颜色，要求最多使用3种颜色且相邻的两个格子颜色不同，则不同的涂色方法共有 390 种（用数字作答）．

2．（2007年江苏卷）某校开设9门课程供学生选修，其中A,B,C三门由于上课时间相同，至多选一门，学校规定每位同学选修4门，共有 75 种不同选修方案。（用数值作答） 3．（2007年北京卷）记者要为5名志愿都和他们帮助的2位老人拍照，要求排成一排，2位老人相邻但不排在两端，不同的排法共有（ Ｂ ）

Ａ．1440种 Ｂ．960种 Ｃ．720种 Ｄ．480种 4．（2007年广东卷）图３是某汽车维修公司的维修点分布图，公司在年初分配给Ａ、Ｂ、Ｃ、Ｄ四个维修点的某种配件各５０件，在使用前发现需将Ａ、Ｂ、Ｃ、Ｄ四个维修点的这批配件分别调整为４０、４５、５４、６１件，但调整只能在相邻维修点之间进行，那么完成上述调整，最少的调动件次（ｎ个配件从一个维修点调整到相邻维修点的调动件次为ｎ）为 （Ａ）１５ （Ｂ）１６ （Ｃ）１７ （Ｄ）１８

答案：B； 5．（2007年全国卷I）从班委会5名成员中选出3名，分别担任班级学习

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委员、文娱委员与体育委员，其中甲、乙二人不能担任文娱委员，则不同的选法共有 36 种．（用数字作答） 6．（2007年全国卷Ⅱ）从5位同学中选派4位同学在星期五、星期六、星期日参加公益活动，每人一天，要求星期五有2人参加，星期六、星期日各有1人参加，则不同的选派方法共有（ B ） A．40种 B．60种 C．100种 D．120种

7. （2007年陕西卷）安排3名支教老师去6所学校任教，每校至多2人，则不同的分配方案共有 210 种.（用数字作答） 8．（2007年四川卷）用数字0，1，2，3，4，5可以组成没有重复数字，并且比20000大的五位偶数共有（ ）

（A）288个 （B）240个 （C）144个 （D）126个

解析：选B．对个位是0和个位不是0两类情形分类计数；对每一类情形按“个位－最高位－

3中间三位”分步计数：①个位是0并且比20000大的五位偶数有14A496个；②个位不3是0并且比20000大的五位偶数有23A4144个；故共有96144240个．本题考查

两个基本原理，是典型的源于教材的题目． 9．（2007年重庆卷）某校要求每位学生从7门课程中选修4门，其中甲乙两门课程不能都选，则不同的选课方案有____25_____种.（以数字作答） 10．（2007年宁夏卷）某校安排5个班到4个工厂进行社会实践，每个班去一个工厂，每个工厂至少安排一个班，不同的安排方法共有 240 种．（用数字作答） 11．（2007年辽宁卷）将数字1，2，3，4，5，6拼成一列，记第i个数为ai(i1，2，，6)，若． a11，a33，a55，a1a3a5，则不同的排列方法有 种（用数字作答）解析：分两步：（1）先排a1,a3,a5，a1=2，有2种；a1=3有2种；a1=4有1种，共有

35种；（2）再排a2,a4,a6，共有A36种，故不同的排列方法种数为5×6=30，填30．

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