副标题
题号 一 总分 得分 一、选择题(本大题共14小题,共42.0分)
1.
实数|一5|, —3, Ot √4中,最小的数是()
A. I — 5∣
B. —3
C. 0
D・ V5
2. 2020年6月23日9时43分,我国成功发射了北斗系统第55颗导航卫星,其授时
精度为世界之最,不超过0.0000000099秒.数据“0.0000000099”用科学记数法 表示为()
A. 99 × IO'10 B. 9.9 × 10~1° C. 9.9 × IO'9 D. 0.99 × 10^8 3.
下列图形绕某一点旋转一左角度都能与原图形重合,其中旋转角度最小的是()
C.
正八边形
圆及其一条弦
4. 学校朗诵比赛,共有9位评委分别给出某选手的原始评分,评左该选手的成绩时, 从9个原始评分中去掉一个最高分、一个最低分,得到7个有效评分.7个有效评 分与9个原始评分相比,不变的数据特征是()
A.平均数
B.中位数
C.众数
D.方差
5. 下列计算正确的是()
第21贞,共27页
B. 3√2- 2√2 = 1
C. (x2)3 = x5 6.
A.
-3-2-10123 D. m ÷m = m
532不等式组 + 4> o的解集在数轴上表示正确的是()
如图,在△力EC中,点D, E分别是边AB, AC的 中点,点F是线段DE上的一点.连接AF, BF,
∆AFB = 90°,且43 = 8, BC = 14,则 EF 的长是
A. 2 B. 3 C.4 D. 5
9.估i∣-(2√3 + 3√2) × Jj的值应在()
A.4和5之间
B.5和6之间
C.6和7之间 D.7和8之间
10.如图,AMEC中,AB =AC. AD是乙BAC的平分线,EF是AC
的垂直平分线,交AD于点O.若OA = 3,则ZBC外接圆的面积 为()
A. 3π
B. 4π C. 6π D. 9兀
11.如图,GM经过平而直角坐标系的原点0,交X轴于点F(-4,0),交y轴于点C(0,3),
点D为第二象限内圆上一点.贝忆CDo的正弦值是()
第24贞,共27页
12.
A. ^-πcm B. 60πcm C. 6Sπcm
2D. 130πcm
222∙<-10→4
D. 6
14.
如图,在菱形ABCD中,乙B = 60。, AB = 2.动点P从 点B岀发,以每秒1个单位长度的速度沿折线£力→ AC 运动到点C,同时动点O从点A岀发,以相同速度沿 折JlAC → CD运动到点D,当一个点停止运动时,另一点也随之停止•设PQ的面积为y,运动时间为X秒.
4
D
B C
则下列图象能大致反映y
与X之间函数关系的是()
第21贞,共27页
y
y
√T
423
2
√342 √3O-
二、填空题(本大题共4小题,共12.0分)
15. 一个正\"边形的内角和是它外角和的4倍,则九= ________ . 16. 如图,航舶无人机从A处测得一幢建筑物顶部C的仰角是30。,
测得底部B的俯角是60。,此时无人机与该建筑物的水平距离
AD是9米,那么该建筑物的髙度BC为 _______ 米(结果保留根号
)・
17. 某校为了解七年级学生的身体素质情况,从七年级各班随机抽取了数量相同的男生 和
女生,组成一个容量为60的样本,进行各项体冇项目的测试.下表是通过整理 样本数据,得到的关于每个个体测试成绩的部分统计表: 某校60名学生体育测试成绩频数分布表
成绩 优秀 良好 合格 不合格 合计
划记 频数 百分比 30% 正正正下 正e T 60 a b 30 正正正正正止 9 15% 3 60 5% 100% 如果该校七年级共有300名学生,根据以上数据,估计该校七年级学生身体素质良 好及以上的人数为 ______ 人.
第24贞,共27页
18・一个电子跳虽在数轴上做跳跃运动.第一次从原点O起跳,落点为4丄,点金表示
的数为1:第二次从点力丄起跳,落点为O力丄的中点力2,第三次从力2点起跳,落点为
O力2的中点力3:如此跳跃下去•••最后落点为O力2019的中点力2020,贝I
J^2020表示的
数为 ______ •
第一次
^2020^3 月2
月
三、解答题(本大题共8小题,共96.0分)
19・先化简,再求值:m _ 心丄+= 其中加满足:m-m-l=0. m-+2m+l m
220. 小琪同学和爸爸妈妈一起回老家给奶奶过生日,他们为奶奶准备了一个如图所示的 正
方形蛋糕,蛋糕的每条边上均匀镶嵌着4颗巧克力.爸爸要求小琪只切两刀把蛋 糕平均分成4份,使每个人分得的蛋糕和巧克力数都相等.
(1) 请你在图1中画岀一种分法(无需尺规作图):
(2) 如图2,小琪同学过正方形的中心切了一刀,请你用尺规作图帮她作出第2刀所
在的直线.(不写作法,保留作图痕迹)
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21. 如图1, 一枚质地均匀的正四而体骰子,它有四个而,并分别标有1, 2, 3, 4四 个数
字:如图2,等边三角形ABC的三个顶点处各有一个圆圈.丫丫和甲甲想玩跳 圈游戏,游戏的规则为:游戏者从圈A起跳,每投掷一次骰子,骰子着地的一而点 数是几,就沿着三角形的边逆时针方向连续跳跃几个边长.如:若第一次掷得点数 为2,就逆时针连续跳2个边长,落到圈C:若第二次掷得点数为4,就从圈C继 续逆时针连续跳4个边长,落到圈A.
(1) Y 丫随机掷一次骰子,她跳跃后落回到圈A的概率为 _______ :
(2) Y 丫和甲甲一起玩跳图游戏:丫丫随机投掷一次骰子,甲甲随机投掷两次骰子,
都以最终落回到圈A为胜者.这个游戏规则公平吗?请说明理由.
22. 甲、乙两支工程队修建二级公路,已知甲队每天修路的长度是乙队的2倍,如果两 队
各自修建公路50Onn甲队比乙队少用5天.
(1) 求甲,乙两支工程队每天各修路多少米?
(2) 我市讣划修建长度为3600加的二级公路,因工程需要,须由甲、乙两支工程队
第24贞,共27页
来完成・若甲队每天所需费用为1・2万元,乙队每天所需费用为0.5万元,求在总费 用不超过40万元的情况下,至少安排乙队施工多少天?
23.
如图,AB是G> O的直径,AC是G)O的一条弦,点P是G)O上一点,且PA = PC9
PD//AC,与BA的延长线交于点D.
(1) 求证:PD是G)O的切线:
(2) WtanzPylC =三,AC = 12,求直径 AB 的长.
3
24. 阅读理解:
材料一:若三个非零实数兀,y, Z满足:只要其中一个数的倒数等于另外两个数的 倒数的和,则称这三个实数X,y, Z构成“和谐三数组”.
材料二:若关于X的一元二次方程αχ2 +以+ c = 0(α HO)的两根分别为X空x2 则有
Xi + X2 = - -» ι2 = -•
a
a
x,χ第21贞,共27页
第22贞,共27页问题解决:
(1) 请你写出三个能构成“和谐三数组”的实数 ______ :
(2) 若冷,巾是关于X的方程αK + bx + c = O(α,b, C均不为0)的两根,心是关于X
的方程bx + c = O(btc均不为0)的解.求证:x1, x2, E可以构成“和谐三数组”:
⑶(m,y1'), B(m + l,y2), C(m + 3,旳)三个点均在反比例函数y = ?的图象上, 且三点
的纵坐标恰好构成“和谐三数组”,求实数加的值.
25. 如图,已知二次函数y = ax + bx + c(a≠ 0)的图象与X轴交于A(It0), 8(4,0)两
2点,与y轴交于点C,直线y = -∣x+2经过B, C两点.
(1) 直接写出二次函数的解析式 _____ :
(2) 平移直线BC,当直线BC与抛物线有唯一公共点0时,求此时点。的坐标: (3) 过(2)中的点Q作QE∕∕y轴,交X轴于点E.若点M是抛物线上一个动点,点N是 X轴上一个动点,是否存在以Et M, N三点为顶点的直角三角形(其中M为直角顶
点)⅛∆ BOC相似?如果存在,请直接写出满足条件的点M的个数和其中一个符合 条件的点M的坐标:如果不存在,请说明理由.
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26・如图,矩形ABCD中,点P为对角线AQ所在直线上的一个动点,连接PD,过点
P作PE丄PD,交直线AB于点E,过点P作MN丄力3,交直线CD于点M,交直 线AB于点N.AB = 4岳AD = 4・
(1) 如图1,①当点P在线段AC上时,∆PDM和乙EPN的数量关系为:
Z-PDM ______ 厶 EPN;
②筹的值是 _______ ;
(2) 如图2,当点P在CA延长线上时,⑴中的结论②是否成立?若成立,请证明: 若
不成立,说明理由;
(3) 如图3,以线段PD PE为邻边作矩形PEFD.设PM的长为x,矩形PEFD的而 积为y・
请直接写岀y与X之间的函数关系式及y的最小值.
图
3
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答案和解析
1. 【答案】B
【解析】解:∙∙∙∣-5∣ = 5, √4 = 2> -3 < O < 2 < 5,
••• —3是最小的数,
故选:B.
正实数都大于0,负实数都小于0,正实数大于一切负实数,两个负实数比较大小,绝 对值大的反而小,据此判断即可.
此题主要考查了实数大小比较的方法,要熟练掌握,解答此题的关键是要明确:正实数 >0>负实数,两个负实数绝对值大的反而小.
2. 【答案】C
【解析】解:0.0000000099 = 9.9 × 10^9, 故选:C.
绝对值小于1的正数也可以利用科学记数法表示,一般形式为α×10-\与较大数的科 学记数法不同的是其所使用的是负指数幕,指数\"由原数左边起第一个不为零的数字前 面的0的个数所决圧.
本题考査用科学记数法表示较小的数,一般形式为α×10-\苴中1≤ ∣α∣<10, ”为由 原数左边起第一个不为零的数字前而的0的个数所决泄.
3. 【答案】C
【解析】解:A、最小旋转角度=警=120。:
B、 最小旋转角度=警=180°:
C、 最小旋转角度=^=45°;
D、 最小旋转角度= 360°:
综上可得:旋转一泄角度后,能与原图形完全重合,且旋转角度最小的是C. 故选:C.
求出各旋转对称图形的最小旋转角度,继而可作岀判断.
本题考査了旋转对称图形的知识,求出各图形的最小旋转角度是解题关键.
4. 【答案】B第24贞,共27页
【解析】解:根据题意,从9个原始评分中去掉1个最高分、1个最低分,得到7个有 效评分7个有效评分与9个原始评分相比,不变的数字特征是中位数. 故选:B.
根据平均数、中位数、众数、方差的意义即可求解.
本题考査了平均数、中位数、众数、方差的意义.平均数是指在一组数据中所有数据之 和再除以数据的个数:中位数是将一组数据从小到大(或从大到小)重新排列后,最中间 的那个数(或最中间两个数的平均数):一组数据中岀现次数最多的数据叫做众数:一组 数据中各数据与它们的平均数的差的平方的平均数,叫做这组数拯的方差.
5. 【答案】D
【解析】解:A、a+a∖无法计算,故此选项错误;
2B、 3√2-2√2 = ∖[2^故此选项错误:
C、 (X2)3 =X6,故此选项错误;
ms ÷m3 = m2,正确.
故选:D.
直接利用合并同类项法则以及幕的乘方运算法则、同底数幕的乘除运算法则分别计算得 出答案.
此题主要考查了合并同类项以及幕的乘方运算、同底数幕的乘除运算,正确掌握相关运 算法则是解题关键.
6. 【答案】C
【解析】解:解不等式x + 2>0,得:% >-2. 解不等式一2x + 4≥0,得:x≤2, 则不等式组的解集为—2 本题考査的是解一元一次不等式组,熟知“同大取大:同小取小;大小小大中间找:大 大小小找不到”的法则是解答此题的关键. 7. 【答案】A 【解析】解:•••把Rt ∆ ABC沿直线BC向右平移3个单位长度得到\"BU .∙. A'B' =AB = S, A,C, = AC = 3, ∆A,C,B'=乙ACB = 90o, A1A = CC1 = 3, 第21贞,共27页 .∙. F,C, = √52 -32 = 4∙ AC∕∕A'C', .∙.四边形ACCA'^矩形, •••四边形ABC'A的而积WaLr+ 8C<) VC = ∣×(3 + 4 + 3) ×3 = 15, 故选:A. ,,根据平移的性质得到A'B = AB = S, A'C =AC = 3, ∆ACB' = ∆ACB = 90°, AA = ,,,,1CC1 =3,由勾股泄理得到RC,= √5^ = 4,根据梯形的面积公式即可得到结论. Σ 本题考査了勾股立理,梯形的而积,平移的性质等知识点的应用,主要考査学生综介运 用性质进行计算的能力,题目比较典型,但难度不大. &【答案】B 【解析】解:•••点D,E分别是边AB, AC的中点, .∙. DE是△>!BC的中位线, ∙∙∙ BC= 14, .∙. DE = -BC = 7, 2 •・• Z-AFB = 90。,AB = 8∙ .∙. DF = -AB = 4. 2 ^EF = DE-DF = 7 - 4 = 3, 故选:B. 根据三角形中位线泄理和直角三角形的性质即可得到结论. 本题考査了三角形中位线定理,直角三角形的性质,熟练掌握三角形中位线定理是解题 的关键. 9. 【答案】A 【解析】解:原式=2 +虫, ••• 2 < √6^< 3. ∙∙. 4 < 2 + V 6 < 5 > 故选:A. 先根据二次根式的运算法则进行计算,再估算无理数的大小. 本题主要考查了二次根式的乘法,无理数的大小估算,关键是正确掌握二次根式的摊牌 法则. 第24贞,共27页 10. 【答案】D 【解析】解:-AB = ACf AD是乙D4C的平分线, ・・・BD = CD、力D丄BC. ∙∙∙ EF是AC的垂直平分线, •••点O是△力8C外接圆的圆心, •・・OA = 3, .∙∙Δ v48C外接圆的而积为9τr. 故选:D. 由等腰三角形的性质得出3D = CDt AD丄BC,则点O是NABC外接圆的圆心,则由圆 的而积公式可得岀答案. 本题考查了等腰三角形的性质,三角形的外接圆与外心,线段垂直平分线的性质等知识, 解题的关键是熟练掌握三角形的外接圆和外心的概念和性质. 11. 【答案】A 【解析】解:连接BC,如图, F(-4,0), C(0,3), ∙*∙ OB = 4, O C = 3, ・・・ BC = √32 + 42 = 5> OC 3 ・•・ SinZOFC = — = -♦ BC 5 •・•厶 ODC =厶 OBC, ・•・ Sin乙CDO = SinZZ)BC = ?・ 故选:A・ 连接BG如图,先利用勾股泄理计算岀BC = 5,再根据正弦的左义得到Sin乙OEC=右 再根据圆周角左理得到厶ODC = GBC,从而得到SSin乙CDO的值. 本题考査了圆周角定理:在同圆或等圆中,同弧或等弧所对的圆周角相等,都等于这条 弧所对的圆心角的一半. 12. 【答案】C 【解析】解:观察图形可知: 圆锥母线长为:√52 + 122 = 13, 第21贞,共27页 所以圆锥侧面积为:πrl = 5 X 13 × π = 65π(cm2). 答:该几何体的侧而积是65πcm2. 故选:C. 根据几何体的三视图得这个几何体是圆锥,再根据圆锥的侧面是扇形即可求解. 本题考査了几何体的表而积,解决本题的关键是根据几何体的三视图得几何体,再根据 几何体求其侧而积• 13. 【答案】B 【解析】解:过B点作8H丄y轴于H点,BC交X轴于D 如图, ∙∙∙8C∕∕y轴,力C 丄 BC, .∙.四边形ACDO和四边形ODBH都是矩形, S 龜畑 CQ = I-21 = 2, S 矩/f幻 DBH =⑹=6, SnIHiACBD = 2 + 6 = 8 >48C 的面积=ES 矩臨 CBD = ∙ 故选:B. 4过B点作3H丄y轴于H点,BC交X轴于D,如图,利用反比例函数系数k的几何意义 得到S矩闻ACD = 2, S矩稅DBH = 6,则S敷炀曲=8,然后根据矩形的性质得到'ABC的 面积. 本题考査了反比例函数系数斤的几何意义:在反比例函数y = ?图象中任取一点,过这 一个点向X轴和y轴分别作垂线,与坐标轴帀成的矩形的而积是上值∣k∣.在反比例函数 的图象上任意一点向坐标轴作垂线,这一点和垂足以及坐标原点所构成的三角形的而积 是扌比1,且保持不变. 14. 【答案】A 第24贞,共27页 【解析】解:当0≤%S2时,如图1,过点0作QH丄力B于H∙ 图1 由题意可得BP = AQ=X, ・・•在菱形ABCD中,乙B = 60。,AB = 2, •・.AB = BC=AD = CD,乙B =乙D = 60% ・・•△力8C和△力DC都是等边三角形, ・・.AC = AB = 2,乙BAC = 60° =乙ACD ■ ・・• sin∆BAC = —t AQ' √3 Λ HQ = AQ∙ sin6OQ = -X^ ∙∙∙Δ力PQ的而积=y =扌(2 — X)X耳X =—寻(尤一1)2 +罟■; 当2V%≤4时,如图2,过点0作QN丄力C于M 由题意可^AP = CQ=x-2. Sin ^CD=^ = √3 ・•・ NQ =y(x-2), ・••△ MPQ的而积=y = ;(x-2)X M(X -2) = y(x _ 2)2, ・・・该图象开口向上,对称轴为直线兀=2, ・・・在2 60° = T9 ∆ACD,分两种情况讨论,由锐角三角函数和三角形的面积公式可求y与X之间函数关 系, 由二次函数的性质可求解. 第21贞,共27页 .∙. 300 × (30% + 50%) = 240(Λ). 答:估计该校七年级学生身体素质良好及以上的人数为240人. 故答案为:240. 根据频数分布表数据可得\"和b的值,进而可以估计该校七年级学生身体素质良好及以 上的人数. 本题考査了频数分布表、总体、个体、样本、样本容量、用样本估计总体,解决本题的 关键是掌握统计的相关知识. 1&【答案】晶 【解析】解:第一次落点为金处,点Λ]表示的数为1; 第二次落点为O金的中点42,点力2表示的数为去 第三次落点为0月2的中点A3,点43表示的数为G)2 ; 则点力2020表示的数为(护°19,即点去020表示的数为為: 故答案为:蛊• 根据题意,得第一次跳动到坷处,离原点为1个单位,第二次跳到0力丄的中点力2处,即 在离原点扌个单位处,第三次从42点跳动到力3处,即距离原点处,依此即可求解. 本题考査了数轴,是一道找规律的题目,本题注意根据线段中点的左义表示出各个点跳 动的规律. 19.【答案】解: 原式=m 一 (τn+l)(m-1) ~(m+l)≡~ m m—1 τn2 = ----- , m+1 Vm2 - m - 1 = 0» .∙. mz = m + It ・・・原式= m+1 【解析】根据分式乘法法则和减法法则化简原式,再将已知方程变形为m=m + l, 最后代 2m+l 入求值便可. 本题主要考查分式乘法法则和减法法则,求代数式的值,考査了整体代入思想,关键是 第21贞•共27页 熟练掌握分式混合运算的顺序和运算法则,解题技巧是将已知方程变形,巧用整体代入 思想可快速求值. 20. 【答案】解:⑴如图•直线⑴ 直线b即为所求. 【解析】(1)作正方形的对角线即可・ (2)连接AC交宜线EF于O,过点O作直线C丄EF即可. 本题考査作图-应用与设计,正方形的性质等知识,解题的关键是理解题意,灵活运用 所学知识解决问题. 21. 【答案】≡ 4 【解析】解:(I)Y 丫随机掷一次骰子,她跳跃后落回到圈A的概率=扌: (2)这个游戏规则不公平. 理由如下: 画树状图为: 开始 12 3 4 心 z√V 1 2 3 4 1234 1 2 3 4 1 2 3 4 共有16种等可能的结果,曲中甲甲随机投掷两次骰子,最终落回到圈A的结果数为5, 所以甲甲随机投掷两次骰子,最终落回到圈A的概率=三, 16 因为十V — 4 16 所以这个游戏规则不公平. (1) 直接利用概率公式汁算; (2) 画树状图展示所有16种等可能的结果,找出甲甲随机投掷两次骰子,最终落回到圈 第24贞,共27页 A的结果数,则可计算出甲甲随机投掷两次骰子,最终落回到圈A的概率,然后通过比 较她们回到圈A的概率的大小可判断游戏是否公平・ 本题考査了游戏公平性:判断游戏公平性需要先计算每个事件的概率,然后比较概率的 大小,概率相等就公平,否则就不公平.也考査了树状图法. 22•【答案】解:(1)设乙工程队每天修路X米,则甲工程队每天修路“米, 依题意,得:于一 500 ~2解得:X = 50, 经检验,% = 50是原方程的解,且符合题意, ・•・2% = 100・ 答:甲工程队每天修路100米,乙工程队每天修路50米. (2)设安排乙工程队施工m天,则安排甲工程队施工竺斗泸 =(36 - 0.5Tn)天, 依题意,得:O-Sm+ 1.2(36 - 0.5m) ≤ 40, 解得:m≥ 32. 答:至少安排乙工程队施工32天・ 【解析】(1)设乙工程队每天修路X米,则甲工程队每天修路\"米,根据工作时间=工 作总量÷工作效率结合两队各自修建公路50(加时甲队比乙队少用5天,即可得岀关于X 的分式方程,解之经检验后即可得岀结论: (2)设安排乙工程队施工加天,则安排甲工程队施工(36 - 0.5m)天,根据总费用不超过 40万元,即可得出关于川的一元一次不等式,解之取其中的最小值即可得出结论. 本题考査了分式方程的应用以及一元一次不等式的应用,解题的关键是:(1)找准等量 关系,正确列出分式方程:(2)根据各数量之间的关系,正确列岀一元一次不等式. 23.【答案】解:(1)连接PO,交AC于乩 ・・・∆PAC =乙PCA, •・• LPCA = LPBA • ・•・ LPAC =乙PCA = LPBAy第21贞,共27页 •・• DPIIA C、 ・•・ LDPA =乙PAC = LPCA = ∆PBA9 •・• OA = OP、 ・•・ Z-PAO =乙OPA, •••力3是直径, ・・• LAPB = 90°, ・・・ LPAB + ∆ABP = 90°, ・・・ ∆OPA + ∆DPA = 90°, ・•・厶DPo = 90°, 又∙∙∙ OP是半径, ∙∙∙ DP是Oo的切线: (2) •・• DPIlAC.乙DPo = 90°, ・・•厶 DPo =乙 AHo = 90。, XV PA = PC, ••・ AH = HC = =AC = 6, 2 PU O •・• tan∆PAC = - = -9 AH 3 ・・• PH = -×AH = 4. 3 •・• AO2 = AH2+ OH2, ・・• AO2 = 36+(-4)2, C A 13 ・•・OA = —♦ 2 ・•• AB = 20 A = 13. 【解析】(1)连接PO,交AC于/7,由等腰三角形的性质可^PAC = ∆PCA, LPAO = 乙OPA,由平行线的性质和圆周角泄理可得乙DPA =乙PAC = \"CA =乙PBA,乙APB = 90%可证乙DPo = 90%可得结论: (2)由等腰三角形的性质可^AH = HC=^AC = 6,由锐角三角函数可求PH = 4,由勾 股左理可 求Ao的长,即可求解. 本题考査了切线的判左和性质,圆周角左理,等腰三角形的性质,勾股左理,锐角三角 函 第24贞,共27页 数等知识,灵活运用这些性质解决问题是本题的关键. 第25贞,共 27页 24 ∙【答案】如鈴扌 【解析】解:⑴根据题意得,能构成\"和谐三数组”的实数有,P扌,右 理由:扌的倒数为 2,扌的倒数为3, £的倒数为5,而2 + 3 = 5, 能过程“和谐三数组”, 故答案为:如∙∙∙Hj 2 3 5 (2)证明:VXlf邑是关于X的方程ax + bx + c = 0(afbt C均不为0)的两根, 2b C ・•・ x1 + x2 = X]・ X2 = 宀—竺色=_2, ×L ×2 ×L×2 C X3是关于X的方程bx + c = 0(b,c均不为0)的解, ••• %3 = 一吕 O 1 b Λ XV咒2,心可以构成“和谐三数组”: XL ×2 ×(3)4(my) B(m + ‰y2)> C(m + 3fy3)三点的纵坐标恰好构成“和谐三数组 V A(mfy1), B(m + l,y2)> C(Tn+ 3,y3)三个点均在反比例函数7 = ?的图象上, 4 m+3 jL _ 巴 LL — yn+l 1 _ ∏¾+3 , ••兀 一,~ ~ 丁, , ∙∙A(mβy1)f B(m + ‰y2), C(m + 3,y3)三点的纵坐标恰好构成“和谐三数组J m m+1 ・•・τn m+3 4 m+l m+3 第21贞,共27页 ・•・m = _4, m+3 I m m+1 λ+ - 7=- ・•・m = —2, 即满足条件的实数m的值为2或一4或一2. (1) 根据“和谐三数组”写成一组即可得出结论: (2) 先根据材料2,得岀再求出一元一次方程的解,进而得岀- = Xχ ×2 即 C C 可得岀结论: (3) 先用加表示出yl, v2, y3,进而表示出它们的倒数,再根据“和谐三数组”分三种 情况,建立方程求解即可得岀结论. 此题主要考查了新定义的理解和运用,反比例函数图象上点的坐标特征,利用分类讨论 的思想解决问题是解本题的关键. 25. 【答案J y = ⅛2-∣x+2 【解析】解:⑴•••直线y = -∣x + 2经过B, C两点. •••点 C(0,2), •••二次函^y = OX2 + bx + c(a≠0)的图象经过4(1,0), 3(4,0),点C(0,2), 0 = a + b + c ・•・ 0 = 16α + 4b + c, r = 2 ・・・抛物线解析式为y = *2 一 * + 2, 故答案为:y = ⅛-∣x + 2; I9 S 1 ・•・-XZ - -x + 2 = --x + 2 + m, 2 V B(4,0),点C(OQ), •••直线Be■解析式为:y = —∣x + 2, •••设平移后的解析式为:y=-fx+2 + m, ・・・平移后直线BC与抛物线有唯一公共点Q 第24贞,共27页 2 2 2 ・•・△= 4一4 X;X (-m) = Ot ・•・m = —2, •••设平移后的解析式为:y=—扌X, ( 1 2 Iy = —-X 联立方程组得:]I 5 [y = -χ2-^χ + 2 ・•・点¢(2,-1): ・•・△ EHMSb BOC♦ EH _ OB MH 一 OC、 ・•・ MH = I J∙m2 — + 2∣∙ EH = Im- 2|, •・・ OB =4, OC = 2・ ・ 小21 2 IiZyI-^m+2∣ = 2 , — 2 ・•・m = 3 ± 或m = 2 +近、 I Im = 3 + 苗时,-m2 — -m + 2 =空乂 2 2 2 .∙. M(3 + √l,^∙), l Im = 3 — 时,-m2 _ -m + 2 = J 2 2 2 .∙.M(3 \乎), 当m = 2 + 返时,-m2 — -m + 2 =——> 2 2 2 第21贞,共27页 ・•• M(2 + √X-J), ',1m = 2 —返时,-m2 _ -Tn + 2 =—> 2 2 2 ∙ β ∙ M(2 — ∖F∑f ~) ♦ ②当ANEM7 03C时, 同①的方法得,恵爲=2 J Arn = J 9±√3I 戒 I±vl7 -Jkrn =-t 3当tn = *3时,-m2 — -m + 2 = 5 + V331 222 当m = A吧时,^m _Iτn + 2 = 5 — V33» 2 2 Z 2ΛM(^,5-√33)> Ilm = IX7 时,2 — [m+2 = 3- ∖∕17 9 222 I・•・ ⅛^,3-√17), 当时,⅛-∣m÷ 2 = 3 + √17, ・•・ M(三二 3 + √17), 即满足条件的点M共有8个,其点的坐标为(3 + √X字)或(3 - √X字)或(2 + √2,-≤)或(2 -伍乎)或(琴ξ 5 +廂)或(宇,5-屈)或芦二3 - √T7)或 ⅛3+√17). (1)先求出点C坐标,利用待泄系数法可求解析式: (2)先求出直线BC平移后的解析式,联立方程组可求解: (3)分两种情况,构造出两三角形相似,得岀需=笄或需=器,进 而建立绝对值方程 求解即可得岀结论. 此题是二次函数综合题,主要考查了待左系数法,一元二次方程的解法,相似三角形的 判左和性质,解绝对值方程,用方程的思想解决问题是解本题的关键. 26. 【答案】=√3 第24贞,共27页 ・・・四边形ABCD是矩形, ・•・ AB//CD, ・・• NM丄AB. ・•• NM 丄 CD, ・・• DP丄PE, ・•・ Z-PMD =厶PNE =乙DPE = 90°, ・・・\"DM + 乙DPM = 90°,厶DPM + 厶EPN ・・・LPDM =厶EPN. 故答案为=・ ②连接DE・・・・四边形ABCD是矩形, ・・ Z-DAE = ∆B = 90。,AD = BC = 4. C BC √3 ・・ tan∆CAB =—=—, AB 3 ・・乙CAB = 30°, ・・ LDAE + ∆DPE = 180°, ・・A9 D9 P、E四点共圆, ・・乙EDP = LPAB = 30% PP √3 —, —=tαn300 3 PD (2)如图2中,结论成立. 第21贞,共 90。, 27页 理由:连接DE・ •・・乙DPE = Z-DAE = 90。, Ay D, E, P四点共圆, ・・・ Z-PDE = LEAP =乙CAB = 30°, ...巴=亠=屁 PE tαn30= S3 ・・・\"DM =厶EPN,乙DMP =厶PNE = 90°, DM _ PM _ PD _ r- PN 一 EN 一 PE 一 ' ・•・ DM = ∖∕3(4 — %), EN = -Xt 3 .∙. PD = √DM2 + PM2 = J[√3(4 -x)]2 + X2 √3 3 =2vx2 — 6% + 12> 2>/3 3 0 ------------- PE = -PD =——√x2-6%+ 12, 8√3x + 16√3(x>0), 第24贞,共27页 ・•・ y = PD ∙ PE =字(x2 — 6% + 12) = ^x2 Vy = ^(X-3)2 + 4√3. 3 vl≤>o, 3 ・・・当咒=3时,y有最小值,最小值为4√5∙ 第25贞,共27页 ⑴①利用等角的余角相等证明即可. ②证明乙CAE = 30°,推岀乙PDE = ∆CAB = 30°即可. (2) 结论成立.证明方法类似②. (3) 利用相似三角形的性质求出DM,利用勾股立理求出PD,再利用(2)中结论•求岀 PE,即可 解决问题. 本题属于四边形综合题,考査了矩形的性质,解直角三角形,相似三角形的判左和性质, 二次函数等知识,解题的关键是正确寻找相似三角形解决问题,学会构建二次函数解决 最值问题,属于中考压轴题 . 第21贞,共27页 因篇幅问题不能全部显示,请点此查看更多更全内容
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